P2568 GCD

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题目大意：给定正整数$n$，求$1\le x,y\le n$且$\gcd(x,y)$为素数的数对$(x,y)$有多少对。

思路：把题意写成柿子即 ：$\sum_{p\in prime}\sum_{i=1}^n\sum_{j=1}^n[gcd(i,j)=p]$

对$gcd$进行套路变形 : $\sum_{p\in prime}\sum_{i=1}^{\lfloor\frac{n}{p}\rfloor}\sum_{j=1}^{\lfloor\frac{n}{p}\rfloor}[gcd(i,j)=1]$

接下来改变$j$的枚举上界，由于$x=y=1$这种情况被多算了一次，所以要$-1$,柿子变形为 ：
$\sum_{p\in prime}(2*\sum_{i=1}^{\lfloor\frac{n}{p}\rfloor}(\sum_{j=1}^{i}[gcd(i,j)=1])-1)$

对于$i$，小于或等于$i$与其互质的正整数数目，即为欧拉函数$\varphi(i)$ :$\sum_{j=1}^{i}[gcd(i,j)=1]=\varphi(i)$

故柿子最终化简为：$\sum_{p\in prime}(2*\sum_{i=1}^{\lfloor\frac{n}{p}\rfloor}\varphi(i)-1)$

由于是单组查询，我们只需要要预处理$\varphi(x)$及其前缀和即可

复杂度$O(n)$

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e7+10,mod=1e9+7;
typedef long long ll;
int cnt,prime[N],phi[N],vis[N],n;
ll sum[N];
void get_phi(int n){
	phi[1]=1;
	for(int i=2;i<=n;i++){
		if(!vis[i]){
			prime[++cnt]=i;
			phi[i]=i-1;
		}
		for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=n;j++){
			vis[i*prime[j]]=1;
			if(i%prime[j]==0){
				phi[i*prime[j]]=phi[i]*prime[j];
				break;
			}
			else phi[i*prime[j]]=phi[i]*(prime[j]-1);
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;i++) sum[i]=sum[i-1]+phi[i];
}
int main(){
	cin>>n;
	get_phi(n);
	ll ans=0;
	for(int i=1;i<=cnt;i++) ans+=2*sum[n/prime[i]]-1;
	cout<<ans<<endl;
	return 0;
}